さるぶつ道場 光6解答
光ファイバー
問題はこちらです.
(1)
三角形の内角の和を考えると,$${\gamma=\frac{\pi}{2}-\beta}$$ なので,
$$
\begin{array}{}
\sin\gamma&=&\sin\left(\frac{\pi}{2}-\beta\right)\\
&=&\cos \beta
\end{array}
$$
(2)
臨界角 $${\gamma_0}$$ に達したとき,屈折角は $${\frac{\pi}{2}}$$ なので,
$$
\begin{array}{}
\frac{n_2}{n_1}&=&\frac{\sin \gamma_0}{\sin \frac{\pi}{2}}\\
\sin\gamma_0&=&\frac{n_2}{n_1}
\end{array}
$$
(3)
入射角 $${\alpha}$$ と屈折角 $${\beta}$$ の関係より,
$$
\begin{array}{}
\frac{\sin\alpha}{\sin\beta}&=&n_1\\
\sin\beta&=&\frac{1}{n_1}\sin\alpha
\end{array}
$$
臨界角に達したときの $${\alpha,\ \beta}$$ をそれぞれ $${\alpha_0,\ \beta_0}$$ とする. (1)の結果 $${\sin\gamma=\cos\beta}$$ を利用して,
$$
\begin{array}{}
\sin\gamma_0&=&\frac{n_2}{n_1}\\
\cos\beta_0&=&\frac{n_2}{n_1}\\
\sqrt{1-\sin^2\beta_0}&=&\frac{n_2}{n_1}\\
\sqrt{1-\left(\frac{1}{n_1}\sin\alpha_0\right)^2}&=&\frac{n_2}{n_1}\\
1-\left(\frac{1}{n_1}\sin\alpha_0\right)^2&=&\frac{n_2^2}{n_1^2}\\
\left(\frac{1}{n_1}\sin\alpha_0\right)^2&=&1-\frac{n_2^2}{n_1^2}\\
\sin^2\alpha_0&=&n_1^2-n_2^2\\
\sin\alpha_0&=&\sqrt{n_1^2-n_2^2}
\end{array}
$$
(4)
$${\sin\gamma_0 > \frac{n_2}{n_1}}$$ のとき,媒質Ⅰと媒質Ⅱの境界面で全反射が生じるので,
$$
\begin{array}{}
\sin\gamma_0&>& \frac{n_2}{n_1}\\
1-(n_1\sin\alpha_0)^2&>& \frac{n_2^2}{n_1^2}\\
(n_1\sin\alpha_0)^2&<& 1-\frac{n_2^2}{n_1^2}\\
\sin\alpha_0&<& \sqrt{n_1^2-n_2^2}
\end{array}
$$
$${0\leq \sin\alpha_0 \leq 1}$$ なので,光が全反射をくり返しながら,光ファイバー内を進んでいくための条件は,$${1< \sqrt{n_1^2-n_2^2}}$$ .
(5)
全長が $${L}$$ の光ファイバーの光路長は $${n_1L}$$ である.光速の光ファイバーの軸に沿った成分は $${c\cos\beta}$$ である.(3)の条件を満たすとき,
$$
\begin{array}{}
c\cos\beta_0&=&c\sqrt{1-\sin^2\beta_0}\\
&=&c\sqrt{1-\left(\frac{1}{n_1}\sin\alpha_0\right)^2}
\end{array}
$$
光が通過する時間 $${T}$$ は,
$$
\begin{array}{}
T&=&\frac{n_1L}{c\cos\beta }\\
&=&\frac{n_1L}{c\sqrt{1-\left(\frac{1}{n_1}\sin\alpha\right)^2}}\\
&=&\frac{n_1^2L}{c\sqrt{n_1^2-\sin^2\alpha^2}}
\end{array}
$$
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